图论#
200.岛屿数量#
简单的dfs
994.腐烂的橘子#
这一题用广度优先遍历是很自然的，因为腐烂一次是影响四周的橘子
不过自己做得好吃力，关键在一些细节上
考虑 只有0，只有1，只有2的情况是否被考虑进去了
var dx [4]int = [4]int{1,-1,0,0}
var dy [4]int = [4]int{0,0,1,-1}
func orangesRotting(grid [][]int) int {
m := len(grid)
n := len(grid[0])
fresh := 0
minute := 0
queue := make([][2]int, 0)
//初始化队列
for i := range grid {
for j := range grid[i]{
if grid[i][j] == 2 {
queue = append(queue, [2]int{i, j})
}else if grid[i][j] == 1 {
fresh++
}
}
}
//核心逻辑
for len(queue) != 0 && fresh != 0 {
//每分钟
minute++
l := len(queue)
//对于每个刚腐烂的
for i:=0;i<l;i++{
x := queue[i][0]
y := queue[i][1]
//每个方向
for i2 := 0 ; i2 < 4 ;i2++{
ax := x+dx[i2]
ay := y+dy[i2]
if ax >= 0 && ax < m && ay >= 0 && ay < n && grid[ax][ay] == 1 {
grid[ax][ay] = 2
fresh --
queue = append(queue,[2]int{ax,ay})
}
}
}
//更新队列
queue = queue[l:]
}
if fresh != 0 {return -1}
return minute
}208.前缀树#
实现数据结构题
查找操作是很简单的，用哈希表就可以，但是前缀查找时间复杂度是很高的，要全部遍历一遍
使用前缀树，可以把前缀查找时间复杂度降为
回溯#
回溯算法的精髓在于回退操作
当我们从深层次的节点回到浅层次的节点时，通过撤销回到原来的状态
这就需要我们设计合适的状态变量
通过状态变量能精准地描述某种状态，通过修改状态变量能完美地回退到某个状态
==边递归边剪枝？==
46.全排列#
理解回溯经典的一道题
状态变量的设计：
- 递归结束条件是递归深度，所以我们需要depth记录递归深度
- 选过的数字不能再选，所以我们要记录已经选过的数字，即onPath变量
这一题中使用go语言解答要注意：
- 答案添加的时候一定不能直接append path，因为切片是引用类型，每次更改都会改变原来的值，结果中每个切片结果会相等
func permute(nums []int) (ans [][]int){
n := len(nums)
path := make([]int, n, n)
onPath := make([]bool, n)
var f func(i int)
f = func(i int){
if i == n {
//注意这里不能直接将path添加到ans后面，否则结果中每个切片值相等
rst := make([]int, n)
copy(rst, path)
ans = append(ans, rst)
return
}
for j, on := range onPath {
if !on {
path[i] = nums[j]
onPath[j] = true
f(i+1)
onPath[j] = false
}
}
}
f(0)
return ans
}78.子集#
求出所给数组的所有子集
状态变量的设计：
- 在固定递归深度结束，维护depth
- 每个结果的长度是不一样的，可以把set本身当作状态变量，撤销选只需要删除path中的末尾，撤销不选什么都不用做，depth已经说明了一切
func subsets(nums []int) (ans [][]int ){
n := len(nums)
set := make([]int, 0)
var dfs func(i int)
dfs = func(i int){
if i == n {
copySet := make([]int, len(set))
copy(copySet, set)
ans = append(ans, copySet)
return
}
set = append(set, nums[i])
dfs(i+1)
set = set[:len(set)-1]
dfs(i+1)
}
dfs(0)
return ans
}17.电话号码#
这一题也是固定深度的递归，而且各层递归对字母的选择互不干扰，因此记录depth就行了
注意字符串和byte的转化，byte是uint8别名，能表示所有ascii码
func letterCombinations(digits string) (ans []string ){
digitsBytes := []byte(digits)
n := len(digits)
bytes :=make([]byte, 0)
letters := [][]byte{
{'a','b','c'},
{'d','e','f'},
{'g','h','i'},
{'j','k','l'},
{'m','n','o'},
{'p','q','r','s'},
{'t','u','v'},
{'w','x','y','z'},
}
var dfs func(int)
dfs =func(i int){
if i == n {
ans =append(ans, string(bytes))
return
}
digit := digitsBytes[i]
digit -='2'
for _, value := range letters[digit]{
bytes = append(bytes, value)
dfs(i+1)
bytes = bytes[:i]
}
}
dfs(0)
return
}N皇后#
一道固定深度的递归
斜方向的约束怎样设计需要想一想
func solveNQueens(n int) [][]string {
chosenIndex := make([]int, 0)//记录选择答案中每行的列号，例如[1,3,0,2]
chosenColumn := make([]bool, n)//记录已经选择过的列号
ans := make([][]int, 0)//存储所有可行的chosenIndex
var dfs func(int)
dfs = func(i int){
if i == n {
ans = append(ans, append([]int{},chosenIndex...))
}
//分叉，遍历寻找可行分叉
for j:=0 ; j < n ; j++ {
//行约束已经满足
//列约束
if chosenColumn[j]{
continue
}
//斜方向约束
flag := true
for index, value := range chosenIndex{
//依次检查上方的第index行，选择的第value列
if j-value == i-index || j-value == index-i {
flag = false
break
}
}
//都满足证明是合法尝试
if flag {
chosenIndex = append(chosenIndex, j)
chosenColumn[j] = true
dfs(i+1)
chosenColumn[j] = false
chosenIndex = chosenIndex[:len(chosenIndex)-1]
}
}
}
//递归,最多n层
dfs(0)
//转换答案
finalAns := make([][]string,0)
for _, v := range ans {
oneOfTheAns := make([]string, n)
for i, j := range v{
oneOfTheAns[i] = strings.Repeat(".", j)+"Q"+strings.Repeat(".",n-j-1)
}
finalAns = append(finalAns, oneOfTheAns)
}
return finalAns
}二分#
153.寻找旋转排序数组的最小值#
经过思考，我发现了旋转排序数组与红蓝染色法的共性
红蓝染色最终根据target将数据分成两半
满足条件：蓝色的左边一定是蓝色，红色的右边一定是红色（数组有序）
旋转数组仔细一想其实也是两段，且也满足上面的条件 只不过这里的蓝色是大于数组最后一个数的，红色是小于最后一个数的，所以他们的解答如此相似！
func findMin(nums []int) int {
n := len(nums)
l, r := -1, n
for r - l > 1 {
m := l + (r-l)/2
if nums[m] <= nums[n-1] {
r = m
}else{
l = m
}
}
return nums[r]
}33.搜索旋转排序数组#
- 两次二分：化归，通过153找到对应的段，然后正常查找
- 一次二分：每次移动LR的时候，加一个条件判断是否在同一递增段